已知函数f(x)=ax22x+lnx(Ⅰ)若f(x)无极值点,但其导函数f′(。,a>0. 解得:00, 而在区间(x1,x2)上,f′(x)<0,故x2是f(x)的极小值点. 因f(x)在区间(x1,x2)上f(x)是减函数,如能证明f(x1+x22)<32,则更有f(x2)<32 由韦达定理,x1+x22=12a,f(12a)=a(12a)22(12a)+ln12a=ln12a32•。
已知函数f(x)=ax22x+lnx.(1)若曲线y=f(x)在x=1处的切线。,解:(1)∵f(x)=ax22x+lnx, ∴x>0,f′(x)=2ax2+1x, ∵曲线y=f(x)在x=1处的切线与x轴平行, ∴f′(1)=2a2+1=0,解得a=12. (2)f′(x)=2ax2+1x=2ax22x+1x, ∵函数f(x)在[2,+∞)上存在单调减区间, ∴f′(x)=2ax2+1x≤0, ∴a≤1x12x2=2x12x2, 设h(x)=2x12x2,h′(x)=4x4x24x4=1xx3, ∵x>2,∴h′(x)<0,。
已知函数f(x)=lnx,g(x)=x2+a(a为常数),直线l与函数f(x),g(x)的图象都相切。,解:(1) 故直线l的斜率为1,切点为 即 ∴ ① 又∵ ∴,切点为 ∴,即 ② 比较①和②的系数得 ∴。 (2)由,即 设 令,解得 由函数y1在R上各区间上的增减及极值情况,可得 ①当时有两个解; ②当时有3个解; ③当时有4个解; ④当k=ln2时有2个解; ⑤当时无解。
已知函数f(x)=lnxax∧22x,(a∈R,a≠0),解:∵f(x)=lnxax²2x ∴f'(x)=1/x2ax2 又f(x)在x=1处的切线与x轴平行 ∴f'(1)=0 ∴12a2=0 ∴a=1/2 ∴f'(x)=1/x+x2 令f'(x)>0,得 1/x+x2>0 即(1+x²2x)/x>0 ∴x²2x+1>0 故(x1)²>0 ∴x∈(0,+∞) 令f'(x)<0,得 1/x+x2<0 即(1+x²。
已知函数f(x)=lnx,g(x)=12x22x(1)设h(x)=f(x+1)g(x)(其中g′。,(x)=11x=x1x>0 所以r(x)在(1,+∞)上单调递增.因为r(3)=3ln32=1ln3<0,r(4)=4ln42=22ln2>0, 所以r(x)=0在(1,+∞)上存在唯一实根x0,且满足x0∈(3,4), 当1x0时,r(x)>0,即p′(x)>0. 所以函数p(x)=xlnx+xx1+2在(1,x0)上单调递减,在(x0,+∞)上单调递增,又r(x0)=x0lnx02。